题目描述

给出两个序列 pushed 和 poped 两个序列，其取值从 1 到 n(n\le100000)n(n≤100000)。已知入栈序列是 pushed，如果出栈序列有可能是 poped，则输出 Yes，否则输出 No。为了防止骗分，每个测试点有多组数据。

从事成都移动服务器托管，服务器租用，云主机，虚拟空间，空间域名，CDN，网络代维等服务。输入格式

第一行一个整数 qq，询问次数。

接下来 qq 个询问，对于每个询问：

第一行一个整数 nn 表示序列长度；

第二行 nn 个整数表示入栈序列；

第三行 nn 个整数表示出栈序列；

输出格式

对于每个询问输出答案。

思路：刚开始看到这题时第一反应是将该序列的所以出栈顺序全部找出；然后在这些里面查找，看是否存在；对此，我开始了疯狂的想象，但始终没能用代码实现；

  在我苦苦思考没有结果的时候，我打开了该题的题解；顿时茅塞顿开，我们可以将栈顶的元素与你所想判断的出栈的元素相比，如果相同，就执行出栈操作，如果不同，进行入栈操作；最后如果栈为空，表示可以得到，输出yes，如果栈不为空，表示不可得到，输出no；

代码如下：

#includeint q, n, a[100050], b[100050];
int zhan[100050], top = 1;
int main()
{
	int i, j;
	scanf("%d", &q);
	while (q--)
	{
		scanf("%d", &n);
		for (int i = 0; i< n; i++)
		{
			scanf("%d", &a[i]);
		}
		for (int i = 0; i< n; i++)
		{
			scanf("%d", &b[i]);
		}
		i = 0;
		j = 0;
		top = 1;
		while (i<= n&&j<=n)
		{
			if (zhan[top] != b[i])
			{
				zhan[++top] = a[j++];
			}
			else
			{
				zhan[top--] = 0;
				i++;
			}
			if (i == n && j == n)
			{
				break;
			}
		}
		if (top == 1)
		{
			printf("Yes\n");
		}
		else
		{
			printf("No\n");
		}
	}
	return 0;
}

题目描述

有一个 n \times mn×m 的棋盘，在某个点 (x, y)(x,y) 上有一个马，要求你计算出马到达棋盘上任意一个点最少要走几步。

输入格式

输入只有一行四个整数，分别为 n, m, x, yn,m,x,y。

输出格式

一个 n \times mn×m 的矩阵，代表马到达某个点最少要走几步（不能到达则输出 -1−1）。

该题是一个很典型的广搜题，对于我这种刚接触搜索的新人十分友好

思路：该题要我们求出马到每个地方所需要的最小的步数，我们利用广搜查找每一步可以落下的地方，当那个地方是第一次被走到的时候，此时的步数就是最少步数；防止重复查找，我们可以用一个标记数组来标记该点有没有被走过；

注意：我们要时刻注意马的行走轨迹，在定义方向数组是千万不要出现错误，若是输出结果不对的话，可以检测下自己的方向数组有没有写错；

代码如下：

#includestruct note
{
	int x;
	int y;
	int s;
}que[160050];
int a[405][405], book[405][405];
int main()
{
	int n, m, sx, sy, tx, ty;
	scanf("%d%d%d%d", &n, &m, &sx, &sy);
	for (int i = 0; i<= n; i++)
	{
		for (int j = 0; j<= m; j++)
		{
			a[i][j] = -1;
		}
	}
	int fx[16] = { 2,-2,2,-2,-1,1,-1,1 }, fy[16] = { 1,1,-1,-1,2,2,-2,-2 };
	int head=1, tail=1;
	que[tail].x = sx;
	que[tail].y = sy;
	que[tail].s = 0;
	a[sx][sy] = 0;
	tail++;
	book[sx][sy] = 1;
	while (head< tail)
	{
		for (int i = 0; i< 8; i++)
		{
			tx = que[head].x + fx[i];
			ty = que[head].y + fy[i];
			if (tx<1 || tx>n|| ty<1 || ty>m)
			{
				continue;
			}
			if (book[tx][ty] == 0)
			{
				book[tx][ty] = 1;
				que[tail].x = tx;
				que[tail].y = ty;
				que[tail].s = que[head].s + 1;
				a[tx][ty] = que[tail].s;
				tail++;
			}
		}
		head++;
	}
	for (int i = 1; i<= n; i++)
	{
		for (int j = 1; j<= m; j++)
		{
			printf("%-5d",a[i][j]);
		}
		printf("\n");
	}
	return 0;
}

你是否还在寻找稳定的海外服务器提供商？创新互联www.cdcxhl.cn海外机房具备T级流量清洗系统配攻击溯源，准确流量调度确保服务器高可用性，企业级服务器适合批量采购，新人活动首月15元起，快前往官网查看详情吧

网页标题：12.27总结-创新互联
地址分享：http://ybzwz.com/article/dpspei.html